高考数列经典例题,数列高考题汇

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由题可知，为一个首项是1，公比是2，项数是30的一个等比数列。

等比数列前n项和公式为：?

1、Sn=n*a1(q=1)?

2、Sn=a1(1-q^n)/(1-q)?

=(a1-a1q^n)/(1-q)?

=a1/(1-q)-a1/(1-q)*q^n ( 即a-aq^n)

(前提：q不等于 1)

注意：以上n均属于正整数。

等比数列性质

1、若（an）为等比数列且各项为正，公比为q，则（log以a为底an的对数）成等差，公差为log以a为底q的对数。

2、等比数列前n项之和Sn=A1(1-q^n)/(1-q)=A1(q^n-1)/(q-1)=(A1q^n)/(q-1)-A1/(q-1)

在等比数列中，首项A1与公比q都不为零。

注意：上述公式中A^n表示A的n次方。

3、由于首项为a1，公比为q的等比数列的通项公式可以写成an=(a1/q)*q^n，它的指数函数y=a^x有着密切的联系，从而可以利用指数函数的性质来研究等比数列。

已知递推数列求通项公式，是数列中一类非常重要的题型，也是高考的热点之一。数列的递推公式千变万化，由递推数列求通项公式的方法也是灵活多样。下面我就谈谈几类递推数列通项公式的求解策略。

　一、an+1=an + f (n)

　方法：利用叠加法。a2=a1+f(1),a3=a2+f(2)，…，an=an-1+f(n-1)。

　例1：数列{an}满足a1=1，an=an-1+■(n≥2)，求数列{an}的通项公式。

　解：由题意得，an+1=an+■，

　故an=a1+■■

　=1+■(■-■)

　=1+1-■=2-■。

　二、an+1=an f (n)

　方法：利用累乘法。a2=a1 f(1)，a3=a2 f(2)，…，an=an-1 f(n-1)。

　例2：数列{an}中a1=1，且an+1=an?■，求数列{an}的通项。

　解：因为an+1=an?■，

　所以an=■?■…■a1，所以an=n。

　三、an+1=pan+q，其中p,q为常数，且p≠1,q≠0

　方法：（1）叠代法。即由得an+1=pan+q得an=pan-1+q=p(pan-2+q)+q=…=pn-1a1+(pn-2+pn-3+…+p2+p+1)q=a1pn-1+■(p≠1)。

　（2）待定系数法。构造一个公比为p的等比数列，令an+1+λ=p(an+λ)，则(p-1)λ=q,即λ=■，从而{an+■}是一个公比为p的等比数列。如下题可用待定系数法得λ=■=-1，可将问题转化为等比数列求解。待定系数法有时比叠代法更加简便。

　例3：设数列{an}的首项a1=■，an=■，n=2,3,4,…，求数列{an}通项公式。

　解：令an+k=-■(an-1+k)，

　又∵an=■=-■an-1+■，n=2,3,4,…

　∴k=-1，∴an-1=-■(an-1-1)，

　又a1=■，∴{an-1}是首项为-■，公比为-■的等比数列，

　即an-1=(a1-1)(-■)n-1，即an=(-■)n+1。

　四、an+1=pan+f(n)型，其中p为常数，且p≠1

　例4：在数列{an}中，a1=2,an+1=λan+λn+1+(2-λ)2n(n∈N*),其中λ＞0，求数列{an}通项公式。

　解：由a1=2,an+1=λan+λn+1+(2-λ)2n(n∈N*),λ＞0，

　可得■-(■)n+1=■-(■)n+1，

　所以{■-(■)n}为等差数列，其公差为1，首项为0。

　故■-(■)n=n-1。

　所以数列{an}的通项公式为an=(n-1)λn+2n。

　评析：对an+1=pan+f(n)的形式，可两边同时除以pn+1，得■=■+■，令■=bn,有bn+1=bn+■，从而可以转化为累加法求解。

　总之，由数列的递推关系求通项方法有很多，这里由于篇幅限制，不再一一列举。

　（责编 张晶晶）

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